Kruskal 最小生成树算法

labuladong2022-08-142024-02-15

Kruskal 最小生成树算法

读完本文，你不仅学会了算法套路，还可以顺便解决如下题目：

LeetCode	力扣	难度
1135. Connecting Cities With Minimum Costopen in new window🔒	1135. 最低成本联通所有城市open in new window🔒	🟠
1584. Min Cost to Connect All Pointsopen in new window	1584. 连接所有点的最小费用open in new window	🟠
261. Graph Valid Treeopen in new window🔒	261. 以图判树open in new window🔒	🟠

图论中知名度比较高的算法应该就是 Dijkstra 最短路径算法，环检测和拓扑排序，二分图判定算法以及今天要讲的最小生成树（Minimum Spanning Tree）算法了。

最小生成树算法主要有 Prim 算法（普里姆算法）和 Kruskal 算法（克鲁斯卡尔算法）两种，这两种算法虽然都运用了贪心思想，但从实现上来说差异还是蛮大的。

本文先来讲比较简单易懂的 Kruskal 算法，然后在下一篇文章 Prim 算法模板中聊 Prim 算法。

Kruskal 算法其实很容易理解和记忆，其关键是要熟悉并查集算法，如果不熟悉，建议先看下前文 Union-Find 并查集算法。

接下来，我们从最小生成树的定义说起。

#什么是最小生成树

先说「树」和「图」的根本区别：树不会包含环，图可以包含环。

如果一幅图没有环，完全可以拉伸成一棵树的模样。说的专业一点，树就是「无环连通图」。

那么什么是图的「生成树」呢，其实按字面意思也好理解，就是在图中找一棵包含图中的所有节点的树。专业点说，生成树是含有图中所有顶点的「无环连通子图」。

容易想到，一幅图可以有很多不同的生成树，比如下面这幅图，红色的边就组成了两棵不同的生成树：

对于加权图，每条边都有权重，所以每棵生成树都有一个权重和。比如上图，右侧生成树的权重和显然比左侧生成树的权重和要小。

那么最小生成树很好理解了，所有可能的生成树中，权重和最小的那棵生成树就叫「最小生成树」。

提示

一般来说，我们都是在无向加权图中计算最小生成树的，所以使用最小生成树算法的现实场景中，图的边权重一般代表成本、距离这样的标量。

在讲 Kruskal 算法之前，需要回顾一下 Union-Find 并查集算法。

🌟

#Union-Find 并查集算法

刚才说了，图的生成树是含有其所有顶点的「无环连通子图」，最小生成树是权重和最小的生成树。

那么说到连通性，相信老读者应该可以想到 Union-Find 并查集算法，用来高效处理图中联通分量的问题。

前文 Union-Find 并查集算法详解详细介绍了 Union-Find 算法的实现原理和一些应用场景，主要运用路径压缩技巧提高连通分量的判断效率。

如果不了解 Union-Find 算法的读者可以去看前文，为了节约篇幅，本文直接给出 Union-Find 算法的实现：

java 🟢cpp 🤖python 🤖go 🤖javascript 🤖

class UF {
    // 连通分量个数
    private int count;
    // 存储每个节点的父节点
    private int[] parent;

    // n 为图中节点的个数
    public UF(int n) {
        this.count = n;
        parent = new int[n];
        for (int i = 0; i < n; i++) {
            parent[i] = i;
        }
    }
    
    // 将节点 p 和节点 q 连通
    public void union(int p, int q) {
        int rootP = find(p);
        int rootQ = find(q);
        
        if (rootP == rootQ)
            return;
        
        parent[rootQ] = rootP;
        // 两个连通分量合并成一个连通分量
        count--;
    }

    // 判断节点 p 和节点 q 是否连通
    public boolean connected(int p, int q) {
        int rootP = find(p);
        int rootQ = find(q);
        return rootP == rootQ;
    }

    public int find(int x) {
        if (parent[x] != x) {
            parent[x] = find(parent[x]);
        }
        return parent[x];
    }

    // 返回图中的连通分量个数
    public int count() {
        return count;
    }
}

Kruskal 算法的一个难点是保证生成树的合法性，因为在构造生成树的过程中，你首先得保证生成的那玩意是棵树（不包含环）对吧，那么 Union-Find 算法就是帮你干这个事儿的。怎么做到的呢？先来看看力扣第 261 题「以图判树open in new window」，我描述下题目：

给你输入编号从 0 到 n - 1 的 n 个结点，和一个无向边列表 edges（每条边用节点二元组表示），请你判断输入的这些边组成的结构是否是一棵树。

函数签名如下：

java 🟢cpp 🤖python 🤖go 🤖javascript 🤖

boolean validTree(int n, int[][] edges);

比如输入如下：

n = 5
edges = [[0,1], [0,2], [0,3], [1,4]]

这些边构成的是一棵树，算法应该返回 true：

但如果输入：

n = 5
edges = [[0,1],[1,2],[2,3],[1,3],[1,4]]

形成的就不是树结构了，因为包含环：

对于这道题，我们可以思考一下，什么情况下加入一条边会使得树变成图（出现环）？

显然，像下面这样添加边会出现环：

而这样添加边则不会出现环：

总结一下规律就是：

对于添加的这条边，如果该边的两个节点本来就在同一连通分量里，那么添加这条边会产生环；反之，如果该边的两个节点不在同一连通分量里，则添加这条边不会产生环。

而判断两个节点是否连通（是否在同一个连通分量中）就是 Union-Find 算法的拿手绝活，所以这道题的解法代码如下：

java 🟢cpp 🤖python 🤖go 🤖javascript 🤖

// 判断输入的若干条边是否能构造出一棵树结构
boolean validTree(int n, int[][] edges) {
    // 初始化 0...n-1 共 n 个节点
    UF uf = new UF(n);
    // 遍历所有边，将组成边的两个节点进行连接
    for (int[] edge : edges) {
        int u = edge[0];
        int v = edge[1];
        // 若两个节点已经在同一连通分量中，会产生环
        if (uf.connected(u, v)) {
            return false;
        }
        // 这条边不会产生环，可以是树的一部分
        uf.union(u, v);
    }
    // 要保证最后只形成了一棵树，即只有一个连通分量
    return uf.count() == 1;
}

class UF {
    // 见上文代码实现
}

如果你能够看懂这道题的解法思路，那么掌握 Kruskal 算法就很简单了。

#Kruskal 算法

所谓最小生成树，就是图中若干边的集合（我们后文称这个集合为 mst，最小生成树的英文缩写），你要保证这些边：

1、包含图中的所有节点。

2、形成的结构是树结构（即不存在环）。

3、权重和最小。

有之前题目的铺垫，前两条其实可以很容易地利用 Union-Find 算法做到，关键在于第 3 点，如何保证得到的这棵生成树是权重和最小的。

这里就用到了贪心思路：

将所有边按照权重从小到大排序，从权重最小的边开始遍历，如果这条边和 mst 中的其它边不会形成环，则这条边是最小生成树的一部分，将它加入 mst 集合；否则，这条边不是最小生成树的一部分，不要把它加入 mst 集合。

这样，最后 mst 集合中的边就形成了最小生成树，下面我们看两道例题来运用一下 Kruskal 算法。

第一题是力扣第 1135 题「最低成本联通所有城市open in new window」，这是一道标准的最小生成树问题：

1135. 最低成本联通所有城市 | 力扣 | LeetCode |

想象一下你是个城市基建规划者，地图上有 n 座城市，它们按以 1 到 n 的次序编号。

给你整数 n 和一个数组 conections，其中 connections[i] = [x_i, y_i, cost_i] 表示将城市 x_i 和城市 y_i 连接所要的cost_i（连接是双向的）。

返回连接所有城市的最低成本，每对城市之间至少有一条路径。如果无法连接所有 n 个城市，返回 -1

该 最小成本 应该是所用全部连接成本的总和。

示例 1：

输入：n = 3, conections = [[1,2,5],[1,3,6],[2,3,1]]
输出：6
解释：选出任意 2 条边都可以连接所有城市，我们从中选取成本最小的 2 条。

示例 2：

输入：n = 4, conections = [[1,2,3],[3,4,4]]
输出：-1
解释：即使连通所有的边，也无法连接所有城市。

提示：

1 <= n <= 10⁴
1 <= connections.length <= 10⁴
connections[i].length == 3
1 <= x_i, y_i <= n
x_i != y_i
0 <= cost_i <= 10⁵

函数签名如下：

java 🟢cpp 🤖python 🤖go 🤖javascript 🤖

int minimumCost(int n, int[][] connections);

每座城市相当于图中的节点，连通城市的成本相当于边的权重，连通所有城市的最小成本即是最小生成树的权重之和。

java 🟢cpp 🤖python 🤖go 🤖javascript 🤖

int minimumCost(int n, int[][] connections) {
    // 城市编号为 1...n，所以初始化大小为 n + 1
    UF uf = new UF(n + 1);
    // 对所有边按照权重从小到大排序
    Arrays.sort(connections, (a, b) -> (a[2] - b[2]));
    // 记录最小生成树的权重之和
    int mst = 0;
    for (int[] edge : connections) {
        int u = edge[0];
        int v = edge[1];
        int weight = edge[2];
        // 若这条边会产生环，则不能加入 mst
        if (uf.connected(u, v)) {
            continue;
        }
        // 若这条边不会产生环，则属于最小生成树
        mst += weight;
        uf.union(u, v);
    }
    // 保证所有节点都被连通
    // 按理说 uf.count() == 1 说明所有节点被连通
    // 但因为节点 0 没有被使用，所以 0 会额外占用一个连通分量
    return uf.count() == 2 ? mst : -1;
}

class UF {
    // 见上文代码实现
}

这道题就解决了，整体思路和上一道题非常类似，你可以认为树的判定算法加上按权重排序的逻辑就变成了 Kruskal 算法。

再来看看力扣第 1584 题「连接所有点的最小费用open in new window」：

1584. 连接所有点的最小费用 | 力扣 | LeetCode |

给你一个points 数组，表示 2D 平面上的一些点，其中 points[i] = [x_i, y_i] 。

连接点 [x_i, y_i] 和点 [x_j, y_j] 的费用为它们之间的 曼哈顿距离 ：|x_i - x_j| + |y_i - y_j| ，其中 |val| 表示 val 的绝对值。

请你返回将所有点连接的最小总费用。只有任意两点之间 有且仅有 一条简单路径时，才认为所有点都已连接。

示例 1：

输入：points = [[0,0],[2,2],[3,10],[5,2],[7,0]]
输出：20
解释：

我们可以按照上图所示连接所有点得到最小总费用，总费用为 20 。
注意到任意两个点之间只有唯一一条路径互相到达。

示例 2：

输入：points = [[3,12],[-2,5],[-4,1]]
输出：18

示例 3：

输入：points = [[0,0],[1,1],[1,0],[-1,1]]
输出：4

示例 4：

输入：points = [[-1000000,-1000000],[1000000,1000000]]
输出：4000000

示例 5：

输入：points = [[0,0]]
输出：0

提示：

1 <= points.length <= 1000
-10⁶ <= x_i, y_i <= 10⁶
所有点 (x_i, y_i) 两两不同。

比如题目给的例子：

points = [[0,0],[2,2],[3,10],[5,2],[7,0]]

算法应该返回 20，按如下方式连通各点：

函数签名如下：

java 🟢cpp 🤖python 🤖go 🤖javascript 🤖

int minCostConnectPoints(int[][] points);

很显然这也是一个标准的最小生成树问题：每个点就是无向加权图中的节点，边的权重就是曼哈顿距离，连接所有点的最小费用就是最小生成树的权重和。

所以解法思路就是先生成所有的边以及权重，然后对这些边执行 Kruskal 算法即可：

java 🟢cpp 🤖python 🤖go 🤖javascript 🤖

int minCostConnectPoints(int[][] points) {
    int n = points.length;
    // 生成所有边及权重
    List<int[]> edges = new ArrayList<>();
    for (int i = 0; i < n; i++) {
        for (int j = i + 1; j < n; j++) {
            int xi = points[i][0], yi = points[i][1];
            int xj = points[j][0], yj = points[j][1];
            // 用坐标点在 points 中的索引表示坐标点
            edges.add(new int[] {
                i, j, Math.abs(xi - xj) + Math.abs(yi - yj)
            });
        }
    }
    // 将边按照权重从小到大排序
    Collections.sort(edges, (a, b) -> {
        return a[2] - b[2];
    });
    // 执行 Kruskal 算法
    int mst = 0;
    UF uf = new UF(n);
    for (int[] edge : edges) {
        int u = edge[0];
        int v = edge[1];
        int weight = edge[2];
        // 若这条边会产生环，则不能加入 mst
        if (uf.connected(u, v)) {
            continue;
        }
        // 若这条边不会产生环，则属于最小生成树
        mst += weight;
        uf.union(u, v);
    }
    return mst;
}

class UF {
    // 见上文代码实现
}